给出\(n\)堆石子, 每次可以选择将大于某个数\(f\)一堆平均分成多个堆, 最后不能操作的失败。

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直接爆搜即可。

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像我们对这类题目的常规操作那样，将一整个局面分为几个子游戏，然后异或起来求答案。

注意到我们现将一堆\(m\)分为\(i\)堆，那么会分成\(\lfloor \frac mi\rfloor * i\)堆大小为\(\lfloor \frac mi\rfloor\)的，\(m - \lfloor \frac mi\rfloor * i\)堆大小为\(\lfloor \frac mi\rfloor+1\)的，

我们直接暴力求每个状态的\(SG\)就好了,复杂度\(O(T\)值域\(^2)\)。

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观察到一种拆分的方案\(j,j,j…j,j+1,j+1…j+1\)，

在异或的过程中\(SG(j)\bigoplus SG(j)=0\)，\(SG(j+1)\bigoplus SG(j+1)=0\)，

那么只要考虑有奇数还是偶数个\(j\),\(j+1\)即可。

但是这样还是不够的, 我们自然而然的想到, 如果将石子堆划分为\(i\)堆 或者是\(k\)堆而且 \(\lfloor\frac{m}{i}\rfloor=\lfloor\frac{m}{k}\rfloor\)

它们的后继状态都是\(SG(\lfloor\frac{m}{i}\rfloor)\)

或者是 \(SG(\lfloor\frac{m}{i}\rfloor+1)\),

它们对答案的贡献可能是相同的, 根据上一段的论述, 这取决于 \(\lfloor\frac{m}{i}\rfloor\times i\)

和 \(\lfloor \frac{x}{i}\rfloor\times i\)的奇偶性。

如果我们手推一下, 就会发现如果 $$\lfloor\frac{m}{i}\rfloor=\lfloor\frac{m}{i+1}\rfloor=\lfloor\frac{m}{i+2}\rfloor=\cdots$$

那么\(i\)和\(i+1\)对答案的贡献是相同的, \(i+1\)和\(i+2\)堆答案的贡献相同,,相同的状态我们只需要计算一次,对于\(\frac{m}{i}\)相同的所有\(i\),我们只需要计算最小的\(i\)和\(i+1\)即可。

然后我们对这个进行数论分块即可。

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <cmath>
#include <algorithm>
using namespace std;
inline int gi() {
    register int data = 0, w = 1;
    register char ch = 0;
    while (!isdigit(ch) && ch != '-') ch = getchar();
    if (ch == '-') w = -1, ch = getchar();
    while (isdigit(ch)) data = 10 * data + ch - '0', ch = getchar();
    return w * data;
} 

const int MAX_N = 1e5 + 5;
int SG[MAX_N], vis[MAX_N], T, F;
int dfs(int x) {
    if (x < F) return 0;
    if (~SG[x]) return SG[x];
    for (int l = 2, r; l <= x; l = r + 1) {
        r = (x / (x / l));
        for (int j = l; j <= min(l + 1, r); j++) {
            int a = x % j, b = x / j, c = j - x % j, s = 0;
            if (a & 1) s ^= dfs(b + 1);
            if (c & 1) s ^= dfs(b);
            vis[s] = x;
        }
    }
    for (int i = 0;; i++) if (vis[i] != x) return SG[x] = i;
}

int main() {
#ifndef ONLINE_JUDGE
    freopen("cpp.in", "r", stdin);
#endif
    memset(SG, -1, sizeof(SG));
    T = gi(), F = gi();
    while (T--) {
        int n = gi(), ans = 0;
        for (int i = 1; i <= n; i++) ans ^= dfs(gi());
        printf("%d ", (bool)ans);
    }
    return 0;
}